① 對你使用的實驗裝置,如果取m1=m2 v20=0,並且認為v1=0 將給結果引入多大的誤差
a.完全彈性碰撞來:碰撞前後系統的總自動能不變,對兩個物體組成的系統的正碰情況滿足:?
m1v1+m2v2=m1v1′+m2v2′?
1/2m1v12+1/2m2v22=1/2m1v1′2+1/2m2v2′2(動能守恆)
兩式聯立可得:?
v1′=[(m1-m2) v1+2m2v2]/( m1+m2) 當V2=0時,v1′=(m1-m2)v1/(m1+m2)
v2′=[(m2-m1) v2+2m1v1]/( m1+m2) 當V2=0時,v2′=2m1v1/(m1+m2)
·若m1>>m2,即第一個物體的質量比第二個物體大得多
這時m1-m2≈m1,m1+m2≈m1.則有v1'=v1 v2'=2v1
·若m1<<m2,即第一個物體的質量比第二個物體的質量小得多
這時m1-m2≈-m2, 2m1/(m1+m2)≈0.則有v1'=-v1 v2'=0
b.完全非彈性碰撞,該碰撞中動能的損失最大,對兩個物體組成的系統滿足:
m1v1+m2v2=(m1+m2)v?
② (1)某實驗小組利用如圖甲所示的實驗裝置來驗證動量守恆守恆,滑塊1的質量為M1,滑塊2的質量為M2,兩個
(1)②要驗證動量守恆,就需要知道碰撞前後的動量,所以要測量碰撞版前後滑塊的速權度,滑塊經過光電門時的瞬時速度可近似認為是滑塊經過光電門的平均速度.
所以至少還需要測量的一個物理量是遮光條的寬度d.
③碰撞前滑塊1的速度v1=
d |
△t1 |
d |
△t1 |
d |
△t2 |
d |
△t2 |
d |
△t1 |
d |
△t2 |
1,6 |
4×104 |
d |
△t1 |
d |
△t2 |
③ 用如圖1所示的實驗裝置驗證m1、m2組成的系統機械能守恆.m2從高處由靜止開始下落,m1上拖著的紙帶打出一
(1)利用勻變速直線運動的推論有:
v5=
x46 |
t46 |
0.216+0.264 |
2×0.1 |
1 |
2 |
1 |
2 |
1 |
2 |
1 |
2 |
g |
2 |
1 |
2 |
g |
2 |
④ (1)用如圖1實驗裝置驗證m1、m2組成的系統機械能守恆.m2從高處由靜止開始下落,m1上拖著的紙帶打出一系
(1)①根據在勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度大小等於該過程中的平均速度,可知打第5個點時的速度為:
v5=
x46 |
t46 |
1 |
2 |
1 |
2 |
1 |
2 |
g |
2 |
1 |
2 |
g |
2 |
E?U |
I |
⑤ 在實驗室里為了驗證動量守恆定律,一般採用如圖甲、乙兩種裝置:①若入射小球質量為m1,半徑為r1;被碰小
①為保證兩球發生對心正碰,兩球的半徑應相等,為防止碰撞後入射球反彈內,入射球的質量容應大於被碰球的質量,故選C;
②小球離開軌道後做平拋運動,由h=
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