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某实验小组用如图甲所示的装置
发布时间：2021-02-11 00:22:21Ⅰ 某实验小组采用如图1所示的装置来探究“功与速度变化的关系”．实验中，小车碰到制动装置时，钩码尚未到
（1）匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻瞬时速度，故
vB＝
| xAC |
| 2T |
| 0.2601?0.1801 |
| 0.2 |
（2）根据功的内定义，有
W0=mgh1
W=mgh2
解得
W=
| h2 |
| h1 |
（3）图象为过原点的曲线容，故W与v一定不是正比关系，也一定不是反比关系．故选AC
（4）本实验探究“功与速度变化的关系”的实验，要使钩码的重力等于小车的合外力，就必须先平衡摩擦力，保证钩码的质量远小于小车的总质量，所以AB都正确，调节滑轮高度，使拉小车的细线和长木板平行，让力的方向和位移方向在同一直线上，可以减小误差，故C正确，应该先接通电源，后放开小车，所以D错误，故选C．
故答案为：（1）0.40；（2）
| h2 |
| h1 |
Ⅱ 某实验小组采用如图甲所示的装置探究“动能定理”．图中小车内可放置砝码；实验中，小车碰到制动装置时，
（1）在使用打点计时器的时候，固定的次序是先接通电源，然后释放小车，这是在任何内用到计时器容的实验中的固定步骤．故应填：接通电源 释放小车
（2）由图可读取数据，根据图中D点对应的刻度在8.10～8.20大约中间的位置，可估读为：8.15（8.12～8.16都算对）
D点的瞬时速度等于CE的平均速度，由图可得，CE的距离为：4.30cm（4.29～4.32可以）解得：vD＝
| CE |
| △t |
| 4.30 |
| 0.08 |
（3）从实验步骤中可知，还有一个重要步骤没有进，就是没有平衡摩擦力，故造成误差的原因还有：没有平衡摩擦力
故答案为：（1）接通电源 释放小车；（2）8.15（8.12～8.16都算对）0.54（0.53～0.55）
（3）没有平衡摩擦力
Ⅲ 某实验小组采用如图甲所示的装置“探究动能定理”．实验的主要操作步骤如下： （1）未挂钩码前，将长木
| （2）设绳子的拉力大小为F． 根据牛顿第二定律得： 对小车：F=ma 对钩码：mg-F=ma 解得：F=
B点的速度等于AC间的平均速度，为 v B =
从0到B小车动能增量为△E kB =
从O到B绳子拉力对小车做的功为 W=Fx 2 =
（3）作出图象所示． （4）根据运动学公式得：v 2 =2ax=2×
根据数学知识可知图象的斜率等于重力加速度g，为 g=
故答案为：（2）
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Ⅳ 某实验小组用如图甲所示的装置“探究加速度与力、质量的关系”，回答下列问题：（1）为了消除小车与水平
（1）将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运版动，以权使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力大小等于绳子的拉力，故ABD错误，C正确．
故选：C．
（2）根据匀变速直线运动的推论△x=aT2，有：
x6-x3=3a1T2…①
x5-x2=3a2T2…②
x4-x1=3a3T2…③
a=
| a1+a2+a3 |
| 3 |
联立①②③④解得：a=
| x6+x5+x4?x3?x2?x1 |
| 9T2 |
| 0.0485+0.0447+0.0408?0.0370?0.0331?0.0292 |
| 0.09 |
实验中使用的电火花计时器使用220V交流电源，
（3）以整体为研究对象有：mg=（m+M）a
解得：a=
| mg |
| m+M |
以M为研究对象有绳子的拉力为：F=Ma=
| M |
| M+m |
显然要有F=mg必有m+M≈M，故有M＞＞m，即只有M＞＞m时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力．
故答案为：（1）C；（2）0.386；交流；（3）m＜＜M．
Ⅳ (8分)某实验小组用如图甲所示的装置测量木块与木板间的动摩擦因数μ，提供的器材有：带定滑轮的长木板、
| （1）细线与木板表面平行（2分） （2）0.29～0.31（4分）木块的质量（2分） Ⅵ 某实验小组采用如图甲所示的装置“探究动能定理”．实验的主要操作步骤如下：（1）未挂钩码前，将长木板
Ⅶ （7分）某实验小组应用如图甲所示装置“探究加速度与物体受力的关系”，已知小车的质量为M，砝码及砝码盘
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